A小柒与啦啦啦的博弈 由于两位玩家都追求自身利益最大化，并且每次只能选择一个宝物，我们可以推导出他们的最优策略。 假设当前可供选择的宝物有若干个，其中价值最高的宝物是 A，次高的宝物是 B。  如果轮到某个玩家选择  如果他选择了宝物 A，那么他立刻获得了当前最大的收益。 如果他选择了宝物 B (或者更小的宝物)，那么宝物 A 就会留给对方。由于对方也采用最优策略，对方一定会立刻选择宝物 A。这对于当前玩家来说，是损失了获得最大宝物的机会，使得自己的总价值减少。    因此，无论轮到谁，为了最大化自己的收益，他都会毫不犹豫地选择当前所有宝物中价值最高的那个。因为如果他不拿，对方就会拿走，那么他...

因为我想出一些教育场，给大家来一些不是很偏，比较典，而且考的比较少的知识点或trick学习。所以希望大家可以在这一场有所收获，对于E和F其实如果掌握了这个知识点并不算太难，所以大家可以去学习一下对应的知识点再回来补题。 A 小柒的数字 关键观察点在于当  时，满足条件的  必须满足 。此时， 和  都等于 0。对于 ，由于  至少是  的两倍， 会小于 ，因此不满足条件。 因此，满足条件的  的范围是 。我们需要计算这个区间在  内的有效部分：  当 时，有效数量为 。 当  时，有效数量为 。  如果你不想思考，当然也可以打个表很容易便可观察到。 #include<bits/stdc+...

我看题解都是用map或者set然后分类讨论，那我发一个使用二分加前缀和的思路。我们可以离线把操作记录下来然后二分最少需要几次可以全部覆盖。每次二分我们可以把前mid次操作通过差分和前缀和完成。具体可以看代码 #include<bits/stdc++.h> using i64 = long long; void DAOQI() { int n, m; std::cin >> n >> m; std::vector<int> p(n + 2); std::vector<std::pair<int, int>> Q(m + 1)...

/**  * 代码中的类名、方法名、参数名已经指定，请勿修改，直接返回方法规定的值即可  *  *   * @param numbers int整型一维数组   * @param numbersLen int numbers数组长度  * @return int整型  */ int duplicate(int* numbers, int numbersLen&nbsp...